Seymour (Indiana)
Cidade em Indiana, Estados Unidos
Seymour é uma cidade localizada no estado americano de Indiana, no Condado de Jackson.
| Seymour | |
|---|---|
Localidade dos Estados Unidos 
| |
  Seymour | |
 Seymour | |
| Localização | |
| Condado | Condado de Jackson |
| Estado |  Indiana
|
| Tipo de localidade | Cidade |
| Características geográficas | |
| Área | 28,1 km² |
| - água | 0,0 km² |
| População (2006) | 19 111 hab. (680 hab./km²) |
| Altitude | 171 m |
| Códigos | |
| código FIPS | 68832 |
Demografia editar
Segundo o censo americano de 2000, a sua população era de 18.101 habitantes.[1] Em 2006, foi estimada uma população de 19.111,[2] um aumento de 1010 (5.6%).
Geografia editar
De acordo com o United States Census Bureau tem uma área de 28,1 km², dos quais 28,1 km² cobertos por terra e 0,0 km² cobertos por água. Seymour localiza-se a aproximadamente 171[3] m acima do nível do mar.
Localidades na vizinhança editar
O diagrama seguinte representa as localidades num raio de 24 km ao redor de Seymour.
Seymour
Brownstown (16 km) Crothersville (18 km) Elizabethtown (21 km) Jonesville (12 km) North Vernon (23 km)
Referências
- ↑ «U.S. Census Bureau. Census 2000 Summary File 1». Consultado em 10 de outubro de 2007. Arquivado do original em 11 de janeiro de 2010
- ↑ U.S. Census Bureau. Estimativa da população (julho de 2006)
- ↑ U.S. Board on Geographic Names. Topical Gazetteers Populated Places. Gráficos do banco de dados de altitudes dos Estados Unidos da América